Відновлення аналітичної функції з її речової або уявної частини
приклад.Знайти аналітичну функцію f(z), якщо
u(x,y) = Re f(z) = та f(i) = 2.
Рішення
1. Знаходимо приватні похідні функції u(x,y)
2. З 2-го умови Коші - Рімана (1)
Диференціюючи по y, отримаємо
Для знаходження функції j(y) використовуємо 1 умову Коші – Римана (1). Прирівнюючи = похідною
отримуємо звичайне диференціальне рівняння 1-го порядку
з якого визначаємо j(y)
j(y) = = - +C.
Таким чином, отримуємо функцію
3. Записуємо потрібну функцію f(z) у вигляді
Перетворимо отриманий вираз до функції змінної z, використовуючи рівність
z = x+iy та = = .
Отримуємо
f(z) = = +iC = або
f(z) = +C, де C - довільна комплексна стала.
4. Знаходимо значення постійної C, використовуючи умову f(i) = 2:
Отримуємо C = i
f(z) = – 2iz+i
Відповідь: f(z) = - 2iz + i.
Застосування STEM Plus
Нехай задана функція u= (точка між змінними x та y обов'язкова).
1. "Запам'ятовуємо" u=(виділяємо та натискаємо Alt+Enter)
2. Обчислюємо похідну ux, виділивши та натиснувши Alt+=(або виділивши заданий вираз та скориставшись меню Extra® Функція® Знайти похідну).
Набираємо ви та натискаємо Alt+Ins,щоб вставити результат обчисленняux.Отримуємо рядок
Це умова Коші-Рімана vy = ux.
3. Виділяємо та за допомогою меню Extra® Функція® Знайти первіснуобчислюємо первісну по y. Набираємо v та натискаємо Alt+Ins. Отримуємо
4. Відкриваємо цю формулу ( Shift+F9) та замінюємо C на f(x). Отримуємо
5. Запам'ятовуємо f(x)= (тим самим даємо зрозуміти, що f(x) – невідома функція).
6. Обчислюємо похідну vx і uy, і отримані результати записуємо як рівняння vx= uy (2-е умова Коші – Рімана).
7. Спрощуємо отримане рівняння (скоротяться члени, які містять y).
Отримуємо звичайне диференціальне рівняння
Виділяємо -2 і за допомогою меню DERIVE обчислюємо першорядну x.
Вставляємо результат у вираз для замість f(x). Отримуємо
8. Отримуємо потрібну функцію
f(z) = +i·(– 2x + C).
9. Знаходимо C із початкової умови f(i)=2. Для цього "запам'ятовуємо" x=0, y=1 і розв'язуємо рівняння
I · (- 2x + C) = 2
щодо C (виділяємо та натискаємо Alt+?). Отриманий результат C=1 вставляємо замість C у вираз f(z). Отримуємо
f(z) = +i·(– 2x + 1).
У результаті потрібна функція, виражена через x і y. 10. Щоб знайти вираз f(z) через z, запам'ятаємо, що
Тут w позначає число, пов'язане з.
Якщо тепер виділити праву частину рівності
f(z) = +i·(– 2x + 1)
та натиснути Alt+=, то вираз спроститься з урахуванням того, що
Так вийде, що
Розглянемо комплекснозначну диференційовану в точці tі деякої її околиці функцію дійсної змінної z(t).
Розглянемо точку z, дамо збільшення z,=argz. Тоді При кут нахилу дотичної до графіка у точці . Тоді |
Наявність ненульової похідної
означає наявність дотичної до графіка функції з кутом нахилу до дійсної осі, що дорівнює
.
Розглянемо тепер комплекснозначну аналітичну функцію комплексної змінної
. Нехай
, де - дійсне число. Тоді
- комплекснозначна функція дійсної змінної z (t), що диференціюється в точці деякої її околиці.
Стосовна графіку функції, за розглянутим вище, має кут нахилу до дійсної осі рівний
.
За теоремою про складну функцію
тому
.Отже,
- аргумент похідної аналітичної функції
. має сенс кута повороту дотичної до кривої в точці при її відображенні за допомогою функції
.
Так як
,
, то
-модуль похідної аналітичної функції має значення коефіцієнта розтягування при відображенні за допомогою функції
.
Все це справедливо у тих точках, в яких похідна відмінна від нуля.
Якщо дві криві відображаються за допомогою аналітичної функції
,
то кут нахилу дотичної до кожної кривої змінюється в точці на один і той же кут
тому кути між кривими зберігаються при відображенні за допомогою аналітичної функції.(У тих точках, в яких її похідна відмінна від нуля).
Відображення, що зберігає кути між кривими, називається конформним. Тому відображення за допомогою аналітичної функції(У тих точках, в яких її похідна відмінна від нуля)є конформним.
приклад. Лінійне відображення
(
), як було показано вище, зводиться до повороту на кут
і розтягування в разів.
Нехай задана функція
потрібно визначити, чи може вона бути дійсною частиною деякої аналітичної функції
,
Те саме завдання може бути поставлене щодо уявної частини. Нехай задана функція
, потрібно визначити, чи може вона бути уявною частиною деякої аналітичної функції
,
а може, то відновити цю функцію.
При вирішенні цих завдань спочатку треба перевірити, чи існує така аналітична функція
.
Справедлива теорема.Дійсна і уявна частини аналітичної функції є гармонійними (тобто. задовольняють рівняння Лапласа).
Доведення. Якщо
-
функція аналітична, то виконані умови Коші – Рімана
. Диференціюємо окремо перше рівність поx, друге поyі складаємо. Отримаємо
тому функція
- Гармонійна. Диференціюємо окремо першу рівність поy, друге похи віднімаємо з першої рівності друге. Отримаємо
тому функція
- Гармонійна.
Отже, якщо функція
або функція
є гармонійними, то аналітичну функцію побудувати не можна.
Нехай функція
та функція
- Гармонічні функції. Покажемо, як можна відновити аналітичну функцію з відомої дійсної частини
.
Відновлення функції по
аналогічно.
1 спосіб.
Порівнюючи обидва вирази, визначаємо
. Тепер.
Зауваження. При відновленні по
функція відновлюється з точністю до дійсної постійної, а чи не уявної.
2 спосіб.
(як у першому способі). Якщо при інтегруванні другої умови Коші - Рімана виникають проблеми, то можна продиференціювати отримане співвідношення поxі прирівняти відомої функції.
. Вирішуючи це диференціальне рівняння, отримаємо
,
+С,.
3 Метод.У двох способах функція відновлюється як функцияx,y. Набагато приємніше отримати її у вигляді f (z). У третьому способі використовується формула для похідної
. Оскільки функція
відома, то
визначається як функція (x, y). Функцію визначаємо за формулою
.
приклад.Задано функцію
=
. Перевірити, чи можна відновити аналітичну функцію з такою дійсною частиною. Якщо можливо, відновити.
Перевірте самостійно, що ця функція є гармонійною.
Порівнюючи ці вирази, маємо ,
. Тому + Сi =
.
.
,
Тому + Сi =
.
Тут С – комплексне число.
Розглянемо комплекснозначну диференційовану в точці tі деякої її околиці функцію дійсної змінної z(t).
Розглянемо точку z, дамо збільшення z,=argz. Тоді При кут нахилу дотичної до графіка у точці . Тоді |
Наявність ненульової похідної
означає наявність дотичної до графіка функції з кутом нахилу до дійсної осі, що дорівнює
.
Розглянемо тепер комплекснозначну аналітичну функцію комплексної змінної
. Нехай
, де - дійсне число. Тоді
- комплекснозначна функція дійсної змінної z (t), що диференціюється в точці деякої її околиці.
Стосовна графіку функції, за розглянутим вище, має кут нахилу до дійсної осі рівний
.
За теоремою про складну функцію
тому
.Отже,
- аргумент похідної аналітичної функції
. має сенс кута повороту дотичної до кривої в точці при її відображенні за допомогою функції
.
Так як
,
, то
-модуль похідної аналітичної функції має значення коефіцієнта розтягування при відображенні за допомогою функції
.
Все це справедливо у тих точках, в яких похідна відмінна від нуля.
Якщо дві криві відображаються за допомогою аналітичної функції
,
то кут нахилу дотичної до кожної кривої змінюється в точці на один і той же кут
тому кути між кривими зберігаються при відображенні за допомогою аналітичної функції.(У тих точках, в яких її похідна відмінна від нуля).
Відображення, що зберігає кути між кривими, називається конформним. Тому відображення за допомогою аналітичної функції(У тих точках, в яких її похідна відмінна від нуля)є конформним.
приклад. Лінійне відображення
(
), як було показано вище, зводиться до повороту на кут
і розтягування в разів.
Нехай задана функція
потрібно визначити, чи може вона бути дійсною частиною деякої аналітичної функції
,
Те саме завдання може бути поставлене щодо уявної частини. Нехай задана функція
, потрібно визначити, чи може вона бути уявною частиною деякої аналітичної функції
,
а може, то відновити цю функцію.
При вирішенні цих завдань спочатку треба перевірити, чи існує така аналітична функція
.
Справедлива теорема.Дійсна і уявна частини аналітичної функції є гармонійними (тобто. задовольняють рівняння Лапласа).
Доведення. Якщо
-
функція аналітична, то виконані умови Коші – Рімана
. Диференціюємо окремо перше рівність поx, друге поyі складаємо. Отримаємо
тому функція
- Гармонійна. Диференціюємо окремо першу рівність поy, друге похи віднімаємо з першої рівності друге. Отримаємо
тому функція
- Гармонійна.
Отже, якщо функція
або функція
є гармонійними, то аналітичну функцію побудувати не можна.
Нехай функція
та функція
- Гармонічні функції. Покажемо, як можна відновити аналітичну функцію з відомої дійсної частини
.
Відновлення функції по
аналогічно.
1 спосіб.
Порівнюючи обидва вирази, визначаємо
. Тепер.
Зауваження. При відновленні по
функція відновлюється з точністю до дійсної постійної, а чи не уявної.
2 спосіб.
(як у першому способі). Якщо при інтегруванні другої умови Коші - Рімана виникають проблеми, то можна продиференціювати отримане співвідношення поxі прирівняти відомої функції.
. Вирішуючи це диференціальне рівняння, отримаємо
,
+С,.
3 Метод.У двох способах функція відновлюється як функцияx,y. Набагато приємніше отримати її у вигляді f (z). У третьому способі використовується формула для похідної
. Оскільки функція
відома, то
визначається як функція (x, y). Функцію визначаємо за формулою
.
приклад.Задано функцію
=
. Перевірити, чи можна відновити аналітичну функцію з такою дійсною частиною. Якщо можливо, відновити.
Перевірте самостійно, що ця функція є гармонійною.
Порівнюючи ці вирази, маємо ,
. Тому + Сi =
.
.
,
Тому + Сi =
.
Тут С – комплексне число.